2012新课标文科数学回归教材《6数列》

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新课标——回归教材数列1、数列的概念:数列是一个定义域为正整数集*N(或它的有限子集{1,2,3,,}n)的特殊函数数列的通项公式也就是相应函数的解析式.典例:1)已知*2()156nnanNn,则在数列{}na的最大项为125;2)数列{}na的通项为(,)1nanaabRbn,则na与1na的大小关系为1nnaa;3)数列{}na的通项为2nann,若{}na递增,则实数的取值范围3;4)一给定函数()yfx的图象在下列图中,并且对任意1(0,1)a,由关系式1()nnafa得到的数列{}na满足*1()nnaanN,则该函数的图象是(A)ABCD2.等差数列的有关概念:(1)等差数列的判断方法:①定义法*1(nnaadd为常数,nN）、②等差中项法1111(2)2(2)nnnnnnnaaaanaaan.典例:设{}na是等差数列,求证:以bn=12(*)naaanNn为通项公式的数列{}nb为等差数列.(2)等差数列的通项:1(1)naand或()nmaanmd.典例:1)等差数列{}na中,1030a,2050a,则通项na210n;2)首项为-24的等差数列,从第10项起开始为正数,则公差的取值范围是833d;(3)等差数列的前n和:1()2nnnaaS,1(1)2nnnSnad.典例:1)数列{}na中,11(2)2nnaan,32na,152nS,则1a-3,n=10;2)已知数列{}na的前n项和212nSnn,求数列{||}na的前n项和.nT（答:2*2*12(6,)1272(6,)nnnnnNTnnnnN）.(4)等差中项:若,,aAb成等差数列,则A叫做a与b的等差中项,且2abA.提醒:(1)等差数列的,nnaS公式中,涉及到5个元素:1,,,,nnadnaS其中1,ad称作为基本元素.只要已知这5个元素中的任意3个,便可求出其余2个,即知3求2.(2)为减少运算量,要注意设元的技巧:如奇数个数成等差,可设为…,2,,,,2adadaadad…（公差为d）;偶数个数成等差,可设为…,3,,,3adadadad,…（公差为2d）3.等差数列的性质:(1)当公差0d时,等差数列的①通项公式11(1)naanddnad是关于n的一次函数,且斜率为公差d;所以,1)若公差0d,则{}na为递增等差数列;2)若公差0d,则{}na为递减等差数列,3)若公差0d,则{}na为常数列.②前n和211(1)()222nnnddSnadnan是关于n的二次函数且常数项为0.提醒:若2(0)nSanbncc时,{}na不是等差数列,但从第二项起(含第二项)为等差数列.(3)当mnpq时,则有mnpqaaaa,特别地,当2mnp时,则有2mnpaaa.典例:1)等差数列{}na中,12318,3,1nnnnSaaaS,则n＝27;2)在等差数列na中,10110,0aa,且1110||aa,nS是其前n项和,则(B)A.1210,SSS都小于0,1112,SS都大于0B.1219,SSS都小于0,2021,SS都大于0　C.125,SSS都小于0,67,SS都大于0　　D.1220,SSS都小于0,2122,SS都大于0　(4)若{}na,{}nb是等差数列,则{}nka、{}nnkapb(k、p是非零常数)、*{}(,)pnqapqN、232,,nnnnnSSSSS,…也成等差数列(注:其新公差与原数列的公差关系为:2dmd),而{}naa成等比数列;若{}na是等比数列,且0na,则{lg}na是等差数列.典例:等差数列的前n项和为25,前2n项和为100,则它的前3n和为225;(5)等差数列{}na中,项数为偶数2n时,SSnd偶奇－;项数为奇数21n时,SSa奇偶中,21(21)nSna中(这里a中即na);:(1):SSkk奇偶.典例:1)在等差数列中,S11＝22,则6a＝2;2)项数为奇数的等差数列{}na中,80,75SS奇偶,求此数列的中间项与项数(答:5;31).(6)若等差数列{}na,{}nb的前n和分别为nnAB、,则2121(21)(21)nnnnnnanaAbnbB.典例:若{na},{nb}是等差数列,它们前n项和分别为nS,nT,若3143nnSnTn,则nnab6287nn.(7)等差数列{}na的前n项和nS的最值求法:法一(二次函数法):由21()22nddSnan解析式结合二次函数图象求解;法二(通项比较法):具体操作如下①当0d时,可求nS的最大值;第一,若10a时,显然max1()nSS;若10a时,设前m项和最大,则应满足100mmaa;特别地,当10ma时,则max1()nmmSSS;②当0d时,可求nS的最小值;第一,若10a时,显然min1()nSS;若10a时,设前m项和最小,则应满足100mmaa;特别地,当10ma时,则min1()nmmSSS;典例:1)等差数列{}na中,125a,917SS,则数列前13项和最大,最大值为169.2)若{}na是等差数列,首项10,a200320040aa,200320040aa,则使前n项和0nS成立的最大正整数n是4006;4.等比数列的有关概念:(1)等比数列的判断方法:①定义法1(nnaqqa为常数）,其中0,0nqa;②等比中项法11(2)nnnnaanaa或211(2,0)nnnnaaana.注:211(2,0)nnnnaaana是数列{}na等比的必要不充分条件.(想想为什么?)典例:1)一个等比数列{na}共有21n项,奇数项之积为100,偶数项之积为120,则1na为56;2)数列{}na中,141(2)nnSam且1a=1,若12nnnbaa,求证:数列{}nb是等比数列.(2)等比数列的通项:11nnaaq或nmnmaaq.典例:数列{}na等比,166naa,21128naa,126nS,求n和公比q.(答:6n,12q或2)(3)等比数列的前n和:当1q时,1nSna;当1q时,11(1)11nnnaaqaqSqq.典例:1)等比数列中,2q,9977S,求3699aaa（答:44）;2)已知{}na等比,其123,2,3SSS成等差数列,则公比q13.特别提醒:等比数列前n项和公式有两种形式,为此在求等比数列前n项和时,首先要判断公比q是否为1,再由q的情况选择求和公式的形式,当不能判断公比q是否为1时,要对q分1q和1q两种情形讨论求解.（4）等比中项:若,,aAb成等比数列,那么A叫做a与b的等比中项.提醒:不是任何两数都有等比中项,只有同号两数才存在等比中项,且有两个ab.典例:两个正数,()abab的等差中项为A,等比中项为B,则A与B的大小关系为AB.提醒:(1)等比数列的通项公式及前n和公式中,涉及到5个元素:1a、q、n、na及nS,其中1a、q称作为基本元素.只要已知这5个元素中的任意3个,便可求出其余2个,即知3求2;(2)为减少运算量,要注意设元的技巧,如奇数个数成等比,可设为…,22,,,,aaaaqaqqq…（公比为q）;但偶数个数成等比时,不能设为…33,,,aaaqaqqq,…,因公比不一定为正数,只有公比为正时才可如此设,且公比为2q.典例:有四个数,其中前三个数成等差数列,后三个成等比数列,且第一个数与第四个数的和是16,第二个数与第三个数的和为12,求此四个数.(答:15,,9,3,1或0,4,8,16)5.等比数列的性质:(1)当mnpq时,则有mnpqaaaa,特别地,当2mnp时,则有2mnpaaa.典例:1)在等比数列{}na中,3847124,512aaaa,公比q是整数,则10a=512;2)等比数列{}(0)nnaa中,若569aa,则3132310logloglogaaa10.(2)若{}na是等比数列,则{||}na、*{}(,)pnqapqN、{}nka成等比数列;若{}{}nnab、成等比数列,则{}nnab、{}nnab成等比数列;若{}na是等比数列,且公比1q,则数列232,,nnnnnSSSSS,…也是等比数列(其新公比与原数列公比之间关系式为mqq).注:当1q,且n为偶数时,数列232,,nnnnnSSSSS,…是常数数列0,它不是等比数列.典例:1)已知0a且1a,设数列{}nx满足1log1logananxx(*)nN,且12xx100100x,则101102200xxx100100a;2)在等比数列{}na中,nS为其前n项和,若3010103013,140SSSS,则20S的值为40.(3)若10,1aq,则{}na为递增数列;若10,1aq,则{}na为递减数列;若10,01aq,则{}na为递减数列;若10,01aq,则{}na为递增数列;若0q,则{}na为摆动数列;若1q,则{}na为常数列.(4)当1q时,1111nnnaaSqaqbqq,这里0ab,但0,0ab,这是等比数列前n项和公式的一个特征,据此很容易根据nS,判断数列{}na是否为等比数列.典例:1)若{}na是等比数列,且其前n项和nS满足:3nnSr,则r＝-1.2)等比数列{}na前n项和2,nnSa等差数列{}nb前n项和22,nTnnb则ab-1.(5)mnmnmnnmSSqSSqS.典例:1)设等比数列{}na的公比为q,若12,,nnnSSS成等差数列,则q的值-2.2)在等比数列{}na中,公比1q,设前n项和为nS.若2224246,()xSSySSS,则,xy的大小关系是(B)A.xyB.xyC.xyD.不确定(6)数列{}na等比,当项数为偶数2n时,SqS偶奇;项数为奇数21n时,1SaqS奇偶.(7)如果数列{}na既成等差数列又成等比数列,那么数列{}na是非零常数数列.提醒:故常数数列{}na仅是此数列既成等差数列又成等比数列的必要非充分条件.典例:设数列{}na的前n项和为(N)nSn,关于数列{}na有下列三个命题:①若1(N)nnaan,则na既是等差数列又是等比数列;②若2RnSanbnab、,则{}na是等差数列;③若11nnS,则{}na是等比数列.这些命题中,真命题的序号是②③.6.数列的通项求法:⑴公式法:①等差数列通项公式;②等比数列通项公式.典例:已知数列11113,5,7,9,481632试写出其一个通项公式:11212nnan.⑵已知nS(即12()naaafn)求na,用作差法:11(1)(2)nnnSnaSSn.典例:1)已知{}na的前n项和满足2log(1)1nSn,求na.（答:3(1)2(2)nnnan）;2)数列{}na满足12211125222nnaaan,求na.（答:114(1)2(2)nnnan）⑶已知12()naaafn求na,用作商法:(1)(1)()(2)(1)nfnafnnfn.典例:数列{}na中,11,a对所有的2n都有2123naaaan,则35aa6116.⑷若1()nnaafn求na用累加法:112211()()()(2)nnnnnaaaaaaaan典例:已知数列{}na满足11a,111nnaann(2)n,则na=121n.⑸已知1()nnafna求na,用累乘法:121121nnnnnaaaaaaaa(2)n.典例:已知数列{}na中,12a,前n项和nS,若2nnSna,求na（答:4(1)nann）⑹已知递推关系求na,用构造法(构造等差、等比数列)..(1)形如1nnakab、1nnnakab(,kb为常数)的递推数列都可以用待定系数法转化为公比为k的等比数列后,再求na.典例:1)已知111,32nnaaa,求na(答:1231nna);2)已知111,32nnnaaa,求na(答:11532nnna);(2)形如11nnnaakab的递推数列都可以用倒数法求通项.典例:1)已知1111,31nnnaaaa,求na(答:132nan);2)已知数列满足1a=1,11nnnnaaaa,求na(答:21nan)注意:(1)用1nnnaSS求数列的通项公式时,你注意到此等式成立的条件了吗？（2n,当1n时,11aS）;(2)一般地当已知条件中含有na与nS的混合关系时,常需运用关系式1nnnaSS,先将已知条件转化为只含na或nS的关系式,然后再求解.典例:数列{}na满足11154,3nnnaSSa,求na(答:14(1)34(2)nnnan)7.数列求和的常用方法:(1)公式法:①等差数列求和公式;②等比数列求和公式.③其它常用公式:1123(1)2nnn;2135(21)nn;21122221nn.222112(1)(21)6nnnn,33332(1)123[]2nnn.典例:1)等比数列{}na的前n项和21nnS,则2222123naaaa＝413n;2)计算机是将信息转换成二进制数进行处理的.二进制即”逢2进1”,如2(1101)表示二进制数,将它转换成十进制形式是32101212021213,那么将二进制220051(11111)个转换成十进制数是200521.(2)分组求和法:在直接运用公式法求和有困难时,常将“和式”中“同类项”先合并在一起,再运用公式法求和.典例:求1357(1)(21)nnSn（答:(1)nn）(3)并项法求和:将数列的每两项(或多项)并到一起后,再求和,这种方法常适用于摆动数列的求和.典例:求2224121234(1)nnSn（答:1(1)(1)2nnn;先分奇偶性讨论）(4)倒序相加法:将一个数列倒过来排序,它与原数列相加时,若有公因式可提,并且剩余的项易于求和.(这也是等差数列前n和公式的推导方法).典例:已知22()1xfxx,则111(1)(2)(3)(4)()()()234fffffff＝72(4)错位相减法:如果数列的通项是由一个等差数列的通项与一个等比数列的通项相乘构成,那么常选用错位相减法(这也是等比数列前n和公式的推导方法).典例:1)设{}na为等比数列,121(1)2nnnTnanaaa,已知11T,24T.①求数列{}na的首项和公比;(答:11a,2q)②求数列{}nT的通项公式.（答:122nnTn）2)若2()(1),()4(1)fxxgxx,数列{}na满足12,()nafa1()()()nnnaaganN.①求证:数列{1}na是等比数列;(答:略;)②令212()(1)(1)(1)nnhxaxaxax,求函数()hx在点83x处的导数8()3h,并比较8()3h与22nn的大小.(答:8()(1)213nhn,当1n时,8()3h＝22nn;当2n时,8()3h<22nn;当3n时,8()3h>22nn).(5)裂项相消法:如果数列的通项可“分裂成两项差”的形式,且相邻项分裂后相关联,那么常选用裂项相消法求和.常用裂项形式有:①111(1)1nnnn;②1111()()nnkknnk;③2211111()(2)1211kkkkk,211111111(1)(1)1kkkkkkkkk;④1111[](1)(2)2(1)(1)(2)nnnnnnn;⑤11(1)!!(1)!nnnn;⑥2122(1)2(1)11nnnnnnnnn.⑦1112211(21)(22)(21)(21)2121nnnnnnnn典例:1)求和:1111447(32)(31)nn31nn;2)在数列{}na中,11nann,且Sｎ＝９,则n＝99;(6)通项转换法:先对通项进行变形,发现其内在特征,再运用分组求和法求和.典例:1)求数列1×4,2×5,3×6,…,(3)nn,…前n项和nS=(1)(5)3nnn）;2)求和111112123123n21nn.8.“分期付款”、“森林木材”型应用问题(1)这类应用题一般可转化为等差数列或等比数列问题.但在求解过程中,务必“卡手指”,细心计算“年限”.对于“森林木材”既增长又砍伐的问题,则常选用“统一法”统一到“最后”解决.(2)利率问题:①单利问题:如零存整取储蓄(单利)本利和计算模型:若每期存入本金p元,每期利率为r,则n期后本利和为:(1)(1)(12)(1)()2nnnSprprpnrpnr.(等差数列问题);②复利问题:按揭贷款的分期等额还款(复利)模型:若贷款(向银行借款)p元,采用分期等额还款方式,从借款日算起,一期(如一年)后为第一次还款日,如此下去,分n期还清.如果每期利率为r(按复利),那么每期等额还款x元应满足:12(1)(1)(1)(1)nnnprxrxrxrx(等比数列问题).典例:1)从2008年到2011年期间,甲每年6月1日都到银行存入m元的一年定期储蓄.若年利率为q保持不变,且每年到期的存款本息均自动转为新的一年定期,到2012年6月1日,甲去银行不再存款,而是将每年所有的存款的本息全部取回,则取回的金额是(D)A.4(1)mqB.5(1)mqC.4[(1)(1)]mqqqD.5[(1)(1)]mqqq2)陈老师购买安居工程集资房272m,单价为1000元/2m,一次性国家财政补贴28800元,学校补贴14400元,余款由个人负担.房地产开发公司对教师实行分期付款,即各期所付的款以及各期所付的款到最后一次付款时所生的利息合计,应等于个人负担的购买房余款的现价以及这个余款现价到最后一次付款时所生利息之和,每期为一年,等额付款,签订购房合同后一年付款一次,再过一年又付款一次,等等,共付10次,10年后付清.如果按年利率7.5%,每年复利一次计算(即本年利息计入次年的本金生息),那么每年付款多少元?(参考数据:910111.0751.917,1.0752.061,1.0752.216)【解】由题知余款额为72000288001440028800元;设每期(年)付款为x元,依题意得,9891.0751.0751.075288001.075xxxx所以1010288001.0750.07541961.0751x元.